不返回输入的日期。

Question

我总是想在input中显示前三分之一，为此，我是这样做的：

$dia = new DateTime();
$dia->modify( 'previous tuesday' );
$terca = date($dia->format('d-m-Y'));

然后，我想在$terca的value中显示变量input type date，但只有当它是datetime时，它才会显示。

<td style="float:center"> <input type="date" name= "data"  value="<?php echo $terca?>"></td>

每当我运行该页面时，都会收到以下警告：

指定的值"19-02-2019“不符合所需的格式”yyyy“。

我试着这样做，date ('yyyy-MM-dd', strtotime ($terca));，但我仍然有同样的问题

Answer 1

错误消息立即告诉您问题：

指定的值"19-02-2019“不符合所需格式”yyyy“。

只需更改格式(将Y放在前面)：

$terca = date($dia->format('Y-m-d'));

应该能解决你的问题。

Answer 2

将格式(‘d’)改为格式(‘Y’)

$dia = new DateTime();
$dia->modify( 'previous tuesday' );
$terca = date($dia->format('Y-m-d'));

然后试着：

<input type="date" name= "data"  value="<?php echo $terca?>">

Answer 3

错误消息告诉您，您已输出到输入框的value中的字符串无效。

与记录在案一样，“日期”输入的value必须始终以yyyy-mm-dd格式指定。这与显示给用户的格式(根据用户的浏览器区域设置选择的格式)无关。

您可以使用正确的PHP日期格式字符串来修复它，如下所示：

PHP：

$dia = new DateTime();
$dia->modify( 'previous tuesday' );
$terca = $dia->format('Y-m-d');

<input type="date" name="data" value="<?php echo $terca?>">

PHP的可运行演示：http://sandbox.onlinephpfunctions.com/code/7045183fd11b5a2e29d5d9fa80f0910cad18d671

使用PHP：https://jsfiddle.net/0mqokve6/输出的字符串运行的HTML演示

由于$dia已经是一个DateTime对象，而format()已经输出了一个字符串，所以将它封装在date()函数中是多余的。

日期控制不允许其他格式的字符串的原因总是有可能出现歧义。例如，dd- many在许多情况下是不可能与many区分的，例如01-03-2019只是一个例子。在这种情况下，浏览器不可能知道预定日期是什么。yyyy-mm-dd是明确的，因此总是用来表达实际价值。然后，用户可以以他们更熟悉的文化格式向用户展示。