PHP中的“不能通过引用传递参数2”错误

Question

当我运行此代码更新我的likedOne列并使其为空(“”).

    $sql11 = $conn->prepare("UPDATE UserData SET likedOne=? WHERE username=?");
    $sql11->bind_param('ss',"",$Username);
    $Username = "netsgets";
    $sql11->execute();

我知道这个错误..。

1 Fatal error: Cannot pass parameter 2 by reference in /xxx/xxx/xxx/test.php on line 36. 

台词是..。

$sql11->bind_param('ss',"",$Username);

怎么了？

Answer 1

您需要使用一个变量，bind_param只接受变量，而不是直接使用值。

   $likedone ="";
   $sql11->bind_param('ss',$likedone,$Username);

Answer 2

bind_param(...)期望它的param参数作为引用。看见。这意味着它可能会更改它们(例如，当它们引用查询的结果时)。当你把某件东西作为引用传递时，你必须给它一个名字(草率的经验法则，但使它更容易解释)。在某种程度上，这只是告诉PHP您关心潜在的修改(再次简化)。您可以使用$emptyString = ""; $sql11->bind_param('ss',$emptyString ,$Username);

Answer 3

很抱歉我之前的回答

你可以通过改变

 $sql11->bind_param('ss',"",$Username);

至

$variable ="";
$sql11->bind_param('ss',$variable,$Username);

因为bind_param能更好地处理变量