表单提交后，动态受抚养人下拉列表中没有选项
因此，我有一个表单，其中包括两个下拉列表：id="dd-1" & id="dd-2"。
根据id="dd-2"选择从数据库中创建的id="dd-1"选项；我正在使用id="dd-1"中的onChange=getChildOf(this.value)来实现这一点。
当用户在id="dd-1"中选择一个选项时，我运行一个ajax函数，它将id="dd-1"的值传递给另一个PHP页面，在该页面中运行MySqli查询，然后更新id="dd-2"。
到现在为止，一切都很好。
我需要的是：
- 记住
id="dd-1"中的用户选择。DONE - 根据提交的
id="dd-2"值获取id="dd-1"选项。未完成
表单提交后，id="dd-2"根本不显示任何选项。因此，我必须再次更改id="dd-1"中的选择，以便触发ajax getChildOf(val)函数！
所以，我需要你的帮助，请帮我把第二件事做完。
FYI:
id="dd-1"选择下拉列表看起来类似于：
<select id="dd-1" name="dd-1" onChange="getChildOf(this.value)">
<option value="1" <?php if(isset($_POST['dd-1'])&&$_POST['dd-1']=='1'){echo 'selected';}?> >Option 1</option>
<option value="2" <?php if(isset($_POST['dd-1'])&&$_POST['dd-1']=='2'){echo 'selected';}?> >Option 2</option>
<option value="3" <?php if(isset($_POST['dd-1'])&&$_POST['dd-1']=='3'){echo 'selected';}?> >Option 3</option>
</select>id="dd-2"选择下拉列表看起来类似于：
<select id="dd-2" name="dd-2"></select>ajax函数：
function getChildOf(val)
{
$.ajax({
type:"POST",
url:"get_dd2_options.php",
data: 'parentid='+val,
success: function(data){
$("#dd-2").html(data);
}
});
}get_dd2_options.php页面看起来类似于：
<html>
<option value="-1">Please Select</option>
<?php
include_once('config.php');
// list all children
$q = mysqli_query($link, "SELECT * FROM table WHERE id = '".$_POST['parentid']."'");
while($r = mysqli_fetch_assoc($q))
{
$id = $r['id'];
$name = $r['name'];
?> <option value="<?=$id;?>" <?php if(isset($_POST['dd-2'])&&$_POST['dd-2']==$id){echo 'selected';}?> ><?=$name;?></option> <?php
}
?>
回答 1
Stack Overflow用户
发布于 2017-06-25 02:26:39
您有两个选项，我不知道哪一个最好，因为我没有查看完整的代码库。
选项1:在post之后，当您检查要设置的dd1时，在php中添加另一个dd2检查。
<?php
if (isset($_POST['dd-1']) {
/* populate dd-2 based on dd-1 value*/
}
?>选项2:添加将dd2填充到页面加载的逻辑。
https://stackoverflow.com/questions/44737248
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