如何将未来转化为lambda表达式

Question

我正在使用Visual 2013，我希望实现这一行代码

 f = p.get_future();
 auto task =[f = std::move(f)](){
   //use f
 };

我知道解决方案这里，但不幸的是这不能在VS2013 (error C2558 no copy-constructor available)下编译。

Answer 1

您可以使用shared_future。这是最简单的。

然而，这并不能帮你移动。如果您确实需要移动，我们可以借助move_helper函数和类来完成：

template<class T, class F=void>
struct move_helper_t {
  T t;
  F f;
  template<class...Args>
  auto operator()(Args&&...args)
  ->typename std::result_of< F&(T&, Args...) >::type
  {
    return f(t, std::forward<Args>(args)...);
  }

  // force right-associativity of `->*`, and
  // invert the stack to get the arguments in the "right" order:
  template<class F1,
    class R0=move_helper_t< T, typename std::decay<F1>::type >
  >
  auto operator->*(F1&& f1)
  -> decltype(
    std::declval<F>()->*
    std::declval<R0>()
  )
  {
    return
      std::move(f)->*
      R0{ std::forward<T>(t), std::forward<F1>(f1) };
  }
};
template<class T>
struct move_helper_t<T,void> {
  T t;
  template<class F>
  auto operator->*(F&& f)
  -> move_helper_t<T, typename std::decay<F>::type>
  {
    return {std::forward<T>(t), std::forward<F>(f)};
  }
};

template<class T>
move_helper_t<std::decay_t<T>>
move_helper( T&& t ) {
  return {std::forward<T>(t)};
}

在2013年MSVC中，您可能必须在move_helper_t中声明构造函数。我不记得他们的return {}代码写得有多好。

f = p.get_future();
task =
  move_helper(std::move(f)) ->*
  [](std::future<int>& f){
    //use f
  };

->*将move_helper绑定到lambda。然后，它返回一个可调用对象，该对象将作为调用时的第一个参数传递给std::future<int>&。

由于它是如何编写的，您甚至可以将其链接起来：

auto f = p.get_future();
auto f2 = p2.get_future();
task =
  move_helper(std::move(f)) ->*
  move_helper(std::move(f2)) ->*
  [](std::future<int>& f, std::future<char>& f2){
    //use f
  };

把一个以上的论点移到兰博达。

在这两种情况下，task都可以由task()调用-- ->*操作将lambda绑定起来，并在调用时传递期货。

实例化。

请注意，这解决了将未来迁移到lambda中的问题。如果要将lambda存储在std::function中，这将无助于您，因为函数必须是可复制的。

template<class F>
struct shared_function {
  std::shared_ptr<F> pf;
  template<class ...Args>
  typename std::result_of<F&(Args...)>::type
  operator()(Args&&...args) const {
   return (*pf)(std::forward<Args>(args)...);
  }
};
template<class F,
  class dF=typename std::decay<F>::type
>
shared_function< dF >
make_shared_function( F&& f ) {
  return {std::make_shared<dF>(std::forward<F>(f))};
}

这需要一个可移动的lambda，并将其封装在一个共享指针中，并为您公开operator()。但是，首先将future通过上述技术将其移动到lambda中，然后在共享函数中包装该lambda以将其传递给std::function，这是很荒谬的:首先使用shared_future。

顺便提一下，理论上，packaged_task只需要移动，但我不确定MSVC2013是否支持该要求。