确保仅在PHP中为第一个实例调用父类的构造函数

Question

我正在开发一个模型，其中我将有一个父类，名为database。这将具有直接在数据库上工作的方法。我将有一些其他类，它们将扩展database类以使用它的功能(访问数据库)。但是，这些类需要定义自己的__construct方法，database类将连接到其__construct方法中的数据库。

下面是我的一个例子，user类的user显式调用一个查询(只有在调用了database类的__construct方法时，查询才能工作)。

<?php
    class database {
        private $mysqli;

        function __construct() {
            $this -> mysqli = new mysqli(..login_details..);
        }

        public function query($query) {
            return $this -> mysqli -> query($query);
        }

    }

    class user extends database {

        function __construct() {
            $users = $this -> query("SELECT * FROM users");
            while($u = $users -> fetch_assoc()) {
                print_r($u);
            }
        }

    }

    $user = new user();

?>

一种方法是在子类中显式调用parent :: __constructor();，但我不希望它必须为每个继承的类重新连接到数据库，也就是说，我只希望它在类第一次继承它时连接。我该怎么做呢？我必须在database构造之外这样做吗？：

private static $mysqli = new mysqli(...);

还是我要用完全错误的方式实现我的模型？

Answer 1

我想说的是，使用依赖注入而不是继承。想想is a关系继承通常意味着什么。例如，类cat可以从类mammal继承。作为一只猫is a哺乳动物，这是有意义的。

这在你的情况下是不合理的。在实例化用户类时，可能会在构造函数中传递数据库对象。

class user{
         private $DB = null;

        function __construct(database $DB) {
            $this->DB = $DB;
            $users = $this -> DB -> query("SELECT * FROM users");
            while($u = $users -> fetch_assoc()) {
                print_r($u);
            }
        }

    }
$DB = new database();
$user = new user($DB);

有不止一种方法可以得到你想要的结果，我只是认为这是一种更合适的方法。此外，您还可以使用原始的database对象，而无需多次调用构造函数。