PHP:如何检查另一个函数中函数的返回值

Question

我有一个函数，它返回一个我想通过另一个函数检查的值。据我所知，我无法在第一个函数中回显它，因为它在body_class的wordpress过滤器中使用，并在那里输出。

那么，如何检查在另一个函数中返回的值？

返回$class的第一个函数的示例，这是我想要检查的：

function layout_class( $class ) {
    // There is lots of more functionality here for the $layout variable
    $layout = 'col-3cm';

    $class[] = $layout;
    return $class;
}
add_filter( 'body_class', 'layout_class' );

现在，这个类决定是否加载辅助侧栏模板。所以我想做：

function sidebar_dual() {
    $layout = layout_class();   
    if (
        ( $layout == 'col-3cm' ) ||
        ( $layout == 'col-3cl' ) ||
        ( $layout == 'col-3cr' )
    )
    { get_template_part('sidebar-2'); }
}

因为我不能回显第一个函数，并且不想编写另一个函数，因为它很大--我如何处理它？是否有一种检查返回值的简单方法，类似于echo？

Answer 1

看起来你需要重构你的代码。

只需将确定布局的代码移动到单独的函数中，就可以在过滤器内部和sidebar_dual()函数中调用该函数：

function get_layout_mode(){

   // There is lots of more functionality here for the $layout variable
   $layout = 'col-3cm';

   return $layout;
}

过滤器功能变成：

function layout_class( $class ) {
    $class[] = get_layout_mode();
    return $class;
}
add_filter( 'body_class', 'layout_class' );

在sidebar_dual()函数中调用get_layout_mode()而不是layout_class()

也可以使用当前代码，将WP的get_body_class()函数返回的字符串拆分为数组，然后检查数组中是否存在这3个类中的任何一个。不过，我会选择第一种选择，因为它更清晰。

Answer 2

如果$class在layout_class($class)中是空的，那么函数无论如何都是无效的。您需要为变量layout_class($class = null)声明一些东西，或者如果您称它为layout_class(null)，但是如果不声明它，它就不会像设置它的方式那样工作。

剩下的代码没问题。

另外，您已经在函数中声明了$class，并且将它作为函数中的变量使用，我将重命名您的输出

function layout_class( $class ) {
    // There is lots of more functionality here for the $layout variable
    $layout = 'col-3cm';

    return $layout;
}