QT_INTERFACES和信号定义

Question

如何在接口中定义信号？

class ISomeInterface
{
    signals:
        virtual void added(const QString& id) = 0;
        virtual void removed(const QString& id) = 0;

    // bla, other methods
}

Afaik，信号不应该是虚拟的，但是如果我想定义一个信号需要在实现接口=>的类中实现，怎么办？或者你只是把它们变成非抽象的.但是接口在这里没有Q_OBJECT声明！在这种情况下是否生成正确的代码？在上面..。如果您想连接到信号，就需要对QObject进行糟糕的(f*g)强制转换。

class ISomeInterface
{
    signals:
        void added(const QString& id);
        void removed(const QString& id);

    // bla, other methods
}

还是你试着用这种方式实现它？

class ISomeInterface : public QObject
{
    Q_OBJECT

    signals:
        void added(const QString& id);
        void removed(const QString& id);

    // bla, other methods
}

Q_DECLARE_INTERFACE(ISomeInterface, "ISomeInterface")

。。但是这样我只能从一个接口继承(QObject不支持多重继承)。

结论:按照建议，我将选择第一个。。

Answer 1

1. 将信号定义为虚拟抽象保护方法。(而不是保护，您可以使用信号:关键字)。
2. 最后一个对象必须插入您的接口和QObject。
3. 将指针转换为QObject *与dynamic_cast的接口
4. 将指针连接到必要的插槽

您可以检查this topic以获得一些解决方案。

Answer 2

不幸的是，Qt不能处理来自QObject的多个继承(参见this Q&A)，因此不能从它派生所有接口(否则您将无法从多个接口派生)。因此，您可能有类似于IQObject接口的

virtual QObject* qObject() = 0

方法，因此不需要始终将它们转换为QObject。

至于为信号提供接口-没有这样的东西。您可以做的是使它们成为虚拟抽象，如果您真的需要强制执行这个编译时检查(因为signals:只是protected:的别名)，它就可以工作。如果没有，只需检查connect()方法的返回值。