当点击它的外部时，滑动回来

Question

嗨，我想有我的侧滑块按钮，以顺利滑回位置，如果用户点击外部。

如果你想检查它，这里是它的小提琴

到目前为止，当您单击它的外部时，它不会返回位置。

JS

$(document).ready(function () {
    $('#slideleft .mybutton').click(function () {
        var $lefty = $(this).parent();
        $lefty.animate({
            left: parseInt($lefty.css('left'), 10) == 0 ? -$lefty.outerWidth() + 31 : 0
        });
    });
});

Answer 1

请试用以下方法：

$(document).mouseup(function (e) {
        var $lefty = $('#slideleft .mybutton').parent();
        var container = $("#slideleft");
        if (parseInt($lefty.css('left')) == 0) if (container.has(e.target).length === 0) {
            animate();
        }
    });

这是一个有用的小提琴：

JSFiddle

Answer 2

通过使用一些event.target技巧，您可以看到以下内容：

$(document).on('click', function (event) {
    if (event.target !== $('#slideleft .mybutton')[0]) {
        $('#slideleft .mybutton').hide(); //or slide however you want to.
    }
});

如果您注意到这实际上比较了实际的HTML对象而不是jQuery对象。这是因为.target给出了单击内容的实际HTML。

Answer 3

添加这一功能可以：

$(document).click(function () {
    var $lefty = $('#slideleft .mybutton').parent();
    if(parseInt($lefty.css('left'), 10) == 0){
    $lefty.animate({
        left: -$lefty.outerWidth() + 31
    });
    }
});

这是小提琴