返回404如果不存在页面# PHP

Question

我有一个动态审查系统到位，显示每页30个评论，并在达到30个评论，它是分页。所以我有这样的页面

/评论/城市/波士顿/ /评论/城市/波士顿/页/2/ /评论/城市/波士顿/页/3/ 以此类推

不幸的是，Google似乎是通过似乎是推理来索引页面的，例如

/评论/城市/波士顿/页/65/

这页绝对不存在，我想通知谷歌这一点。目前，它显示一个审查页面，但没有审阅。我无法想象这是非常好的搜索引擎优化。因此，如果首先检查MySQL查询的结果#，如果没有结果，则返回404并将其转发到主页或其他页面，那么我要做的是。

目前，这就是我所拥有的。

if (!$validRevQuery) {
    header("HTTP/1.0 404 Not Found");
    header("Location: /index.php");
    exit;
}

我在正确的轨道上吗？

Answer 1

您需要输出404状态，同时显示响应体(=错误页)。

if (!$validRevQuery) {
    http_response_code(404);
    // output full HTML right here, like include '404.html'; or whatever
    exit;
}

注意，您不能在这里使用重定向。A重定向是一种状态代码，就像404是。你不能有两个状态代码。

Answer 2

您不能同时发送404状态代码和重定向(通常是3xx状态码)。您只能执行其中一个操作:要么发送404状态代码和错误文档，要么通过重定向进行响应。

Answer 3

正如Pekka所建议的，最好的选择是执行404状态，然后将404页代码放在之后。这是错误的做法SEO，如果你只是301 (重定向)的网页，因为然后搜索引擎将继续访问该网页，以看看是否重定向仍然存在。