MSBuild CL任务参数

Question

我试图使用MSBuild自动编译各种开放源码项目。

我想在编译管道中添加一个自定义CL.exe标志:将调用约定设置为fastcall (在cl.exe中，这是作为/Gr传递的)。这意味着默认的cdecl选项(/Gd)需要被覆盖。

我尝试设置一个MSBuild属性，但这没有起作用：

MSBuild.exe /p:PlatformToolset=v141 /p:Platform=x64 /p:Configuration=Release /p:CallingConvention=/Gr

我还想用几个其他标志来做这件事，这样就不会孤立于调用约定。我也希望在不编辑任何配置文件的情况下这样做，只使用CLI。

我怎样才能用MSBuild做到这一点呢？

谢谢!

Answer 1

我尝试设置一个MSBuild属性，但这没有起作用。我怎样才能用MSBuild做到这一点呢？

请参阅msbuild 全局性质，命令行只接收msbuild属性，而CallingConvention不是msbuild属性。

我创建了一个C++项目，并在Debug/X86配置中更改了C/C++=>Advanced中的/Gd to /Gr，然后我看到如下所示：

  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32'">
    <ClCompile>
      ...
      <CallingConvention>FastCall</CallingConvention>
    </ClCompile>
    <Link>
      ...
    </Link>
  </ItemDefinitionGroup>

很明显，CallingConvention只是Item CLCompile的一个Metadata。这不是msbuild属性。所以我们不能像这样在msbuild命令行中设置它：msbuild /p:xxx。

可能的解决办法

由于使用/Gr和/Gd的唯一区别是元数据行：

​

​

因此，我认为我们可以在项目文件中复制一个ItemDefinitionGroup，并设置它们的条件如下：

  <!--ItemDefinitionGroup when using default /Gd-->
  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32' AND '$(UseFastCall)' == ''">
    <ClCompile>
     ...
    </ClCompile>
     ...
  </ItemDefinitionGroup>
  <!--ItemDefinitionGroup when using /Gr-->
  <ItemDefinitionGroup Condition="'$(Configuration)|$(Platform)'=='Debug|Win32' AND '$(UseFastCall)' != ''">
    <ClCompile>
      ...
      <CallingConvention>FastCall</CallingConvention> <!--The only difference here.-->
    </ClCompile>
      ...
  </ItemDefinitionGroup>

然后，如果我们将值传递给自定义属性UseFastCall：MSBuild.exe /p:PlatformToolset=v141 /p:Platform=x86 /p:Configuration=Debug /p:UseFastCall=true。它应该使用/Gr元数据。如果我们不将值传递给该属性，它将使用defaut /Gd。因此，解决办法是创建自定义属性来控制该行为。(它只适用于Debug\win32 32，您可能还需要对其他配置进行编辑。)