PHP -未定义变量-从MySQL数据库获取值

Question

我正在尝试创建一个从数据库中检索值的函数，但我得到的错误是var is undefined。我读到过你可以将php的错误级别设置得更低，但在我看来这不是一个好的做法。

我试着把未定义的变量作为参数传递，我试着给它一个标准值。但我似乎不理解这里的概念。

代码是这样的：$Playlist是未定义的，屏幕上会打印出一些出错的信息

function returnPlaylistIndex(){

    $con = mysql_connect("localhost", "user", "pass") or die(mysql_error()); 
    if(!$con){
        mysql_select_db("dbname") or die(mysql_error()); 
        $result = mysql_query("SELECT * FROM dbname limit 1");  
    while($row = mysql_fetch_array($result))
    {
        $PlayList = $row['playlistIndex'];
    }
mysql_close($con);
}
if(isset($Playlist)){
    echo $Playlist."<br />";
    return $Playlist;
} else {
    echo "something went wrong while quering";
}
}

任何帮助我们都将不胜感激

Answer 1

由于这个拼写错误，您当前的代码实际上永远不会去查询数据库：

if(!$con){  // MEANT TO WRITE $con

由于连接总是良好的(否则，前一行中的die将停止脚本--这实际上使条件变得冗余)，所以此条件将始终失败，并且$PlayList将永远不会被设置。

除此之外，请注意您对变量使用了两种不同的命名样式：$PlayList (驼峰式大小写)和$Playlist (仅大写第一个字母)。

也就是说，我仍然不理解为什么在这个函数中会出现错误消息，因为您实际上是在使用isset进行测试。你能提供实际的错误并指出它发生的那一行吗？

Answer 2

使用$PlayList或$Playlist，但不能混合使用。

变量区分大小写。

Answer 3

以下内容似乎有问题：

  $result = mysql_query("SELECT * FROM dbname limit 1");  

dbname应为table名称，请检查。确保您的查询返回的是结果，尝试在控制台上运行。

并在while循环之前初始化$PlayList数组：

喜欢：$PlayList=array();

php变量区分大小写。请检查它们是否应在同一大小写中。

if(isset($PlayList)){
    echo $PlayList."<br />";
    return $PlayList;
} else {
    echo "something went wrong while quering";
}