将MySQL数据从一个php页面传递到另一个页面

Question

我有一个从MySQL数据库获取数据的media_main.php。获得的数据之一是使用mySQL SELECT语句的"filename“。在media_main.php上，有一个打开player.php的链接，其中嵌入了flash MP3播放器。打开新窗口的链接如下所示：

<a href="javascript:;" onclick="return popitup('player.php')" title="Listen">

我希望"filename“从media_main.php传递到player.php页面。我认为我需要使用GET或POST，但不确定如何使用，因为数据不是直接来自表单。

Answer 1

您可以通过在player.php上读取$_GET['file']并在media_main.php上设置它来实现这一点。

在media_main.php上，你可以使用PHP来动态链接：

<a href="javascript:;" onclick="return popitup('player.php?file=<?php echo $Data['filename']; ?>')" title="Listen">

这将导致：

<a href="javascript:;" onclick="return popitup('player.php?file=dynamic_file.mp3')" title="Listen">

然后在player.php上，您将在希望包含文件的位置回显$_GET['file']。

此外，请确保验证所有数据。为了安全地显示在您的网站上，您可以使用htmlentities()包装$_GET['file']，这样用户就不能使用$_GET['file']在您的网站上显示HTML.

Answer 2

最简单的方法是在查询字符串中传递它。换句话说，popitup函数可以做到这一点：

onclick="popitup('player.php?song=songname.mp3');"

然后，player.php可以读取查询字符串，获取歌曲名称并开始播放。

Answer 3

这可以通过将查询字符串中的文件名传递给被调用的页面来实现，例如：

 <a href="javascript:;" onclick="return popitup('player.php?file_name=test.mp3')"
   title="Listen">

这里test.mp3是一个ex:这应该是你从数据库中得到的文件名。和@你将通过使用$_ player.php‘file_name _name’得到的文件名；