将MySQL链接传递给类方法

Question

这就是我的问题，我有一个带有ave方法的类，我想向它传递一个Mysql DB链接，所以我从这个类创建了一个新对象，并调用了saveProperty方法，然后在我的主文件中创建了一个MySQL连接，并将该链接保存在一个名为$db的变量中，所以当我调用该方法时，它的链接是这样的: saveProperty($db)。

但是在保存数据时，我得到了一个错误：

警告: mysql_select_db()：提供的参数不是C:\wamp\www\aqaria\classes\property.php第75行中的有效MySQL-Link资源

警告: mysql_query()：提供的参数不是C:\wamp\www\aqaria\classes\property.php第99行中的有效MySQL-Link资源

这意味着我没有通过正确的链接？但是怎么做呢？

下面是我的一些代码：

<?php

  class test 
  {




    function saveProperty($db)
    {

        $sql = "<<query goes here>>" 

        mysql_query($sql,$db);

        if(mysql_affected_rows()>0)
        echo "<h3>Data was saved</h3>";
        else
        echo "<h3>Error saving data</h3>";

    }


  }

下面是调用代码：

$db = mysql_connect('localhost','root',''); 
mysql_select_db("aqaria",$db); 
$property = new Property(); 
$property->saveProperty($db);

尽管如果我将gloabl关键字添加到类的方法中就可以了，但我想知道是否可以将链接传递给数据库连接？

Answer 1

你有没有试过参考资料？

此外，您可能希望在mysql_affected_rows()中使用$db

function saveProperty(&$db)
{

    $sql = "<<query goes here>>" 

    mysql_query($sql,$db);

    if(mysql_affected_rows($db)>0)
    echo "<h3>Data was saved</h3>";
    else
    echo "<h3>Error saving data</h3>";

}

Answer 2

毫无疑问，在方法中传递db_links是可能的。

警告: mysql_select_db()：提供的参数不是C:\wamp\www\aqaria\classes\property.php第75行中的有效MySQL-Link资源

使用mysql_error()检查数据库凭据和输出

Answer 3

您的函数中没有数据库对象。

在顶部添加以下内容：

global $db;

Edit:要将其传递到您的函数中，您可以这样做：

$db = mysql_connect('localhost','root','') or die(mysql_error());
mysql_select_db("aqaria", $db) or die(mysql_error());

agar_add_offer($someDataFromSomewhere, $db);

function aqar_add_offer($data, $db)
{
    $property = new Property();

    //do some data manipulation

    $property->saveProperty($db);
}